下拉联动问题
内容导读
互联网集市收集整理的这篇技术教程文章主要介绍了下拉联动问题,小编现在分享给大家,供广大互联网技能从业者学习和参考。文章包含4099字,纯文字阅读大概需要6分钟。
内容图文
省和市的联动,省市的内容都是从数据库里取出来的,现在是选择了省,对应的市出来之后,省又回到最初的值,选择的值保存不住,因为画面又刷新了。
有什么办法能保存住省,或者不用画面刷新?
下面是部分代码
//初期,绑定省 public function action() { $retArr=array(); //省取得 $retArr=$this->qaModel->getProvince(); if(count($retArr)>0) { foreach ($retArr as $key => $i) { $provinceList[$i["PROVINCE_KEY"]] = $i["PROVINCE_NAME"]; } } //取得したデ?タを?定 $this->_smarty->assign("provinceList", $provinceList); // お?い合わせ画面を表示する 这步显示画面submit.html $this->_smarty->render($this->_language."/submit"); }//联动,绑定市 public function cityAction() { $province_key=$this->_context->query("province_key", ""); $this->log->info($province_key); $retArr=array(); //省取得 $retArr=$this->qaModel->getCity($province_key); if(count($retArr)>0) { foreach ($retArr as $key => $i) { $cityLis[$i["CITY_KEY"]] = $i["CITY_NAME"]; } } //取得したデ?タを?定 $this->_smarty->assign("cityList", $cityLis); // お?い合わせ画面を表示する 这步再回到初期,这样的话省就重新绑定了 $this->action(); }
回复讨论(解决方案)
日文? 不刷新很定要ajax传值呀
参考Ajax:
Error:".mysql_error()); if(mysql_affected_rows() > 0){ $arrMenu=array(); while($rows = mysql_fetch_array(MYSQL_ASSOC)){ array_push($arrMenu,$rows); } } mysql_close(); if(!empty($arrMenu)){ echo ""; }}?>
");$("select").live("change",function(){ $.ajax({ type: "GET", url: "action.php", data: "id="+$(this).val(), //这里的id获取的是select选中的value值 cache: false, success: function(text){ $("#show").append(text); } }); });//Ajax-javascriptvar xmlHttp; function createXMLHttpRequest() { if(window.XMLHttpRequest) { xmlHttp = new XMLHttpRequest(); } else if (window.ActiveXObject) { xmlHttp = new ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP"); } } function record(id){ //这里的id获取的是select选中的value值 createXMLHttpRequest(); url = "action.php?id="+id+"&ran="+Math.random(); method = "GET"; xmlHttp.open(method,url,true); xmlHttp.onreadystatechange = show; //利用回调函数返回php处理后的数据 xmlHttp.send(null); } function show(){ if (xmlHttp.readyState == 4){ if (xmlHttp.status == 200){ var text = xmlHttp.responseText; document.getElementById("show").innerHTML = text; //这里将php返回的数据写入html中id=show的标签中 }else { alert("response error code:"+xmlHttp.status); } } }
引用 8 楼 的回复:
引用 2 楼 的回复:
参考Ajax:
PHP code
#action.php
if(isset($_GET['id'])){
$sql="select * from table where id=".$_GET['id'];
$res=mysql_query($sql);
if(!$res) die("SQL: {$sql} ……
我只是想联动一下,怎么会这么麻烦呢,我都看不懂啊,拷进去也改不对。。。
“jquery_1.4.2.js”是不是还需要这个文件,还是只要有这句话就可以了?
好痛苦啊
你想用ajax就要加载jquery文件的。
需要那个文件 要把它加载到你的html文件里面 写对路径。
写在head头里就行。
这个能测试,至于能懂多少就看你的了,先会用,再慢慢琢磨
3,'name'=>'Tom'), array('id'=>2,'name'=>'Lily'), array('id'=>1,'name'=>'Smith'), ); echo "";}?>
测试Variable Modifiers 你可以使用$_GET,或者$_getJson来处理,方便
这个能测试,至于能懂多少就看你的了,先会用,再慢慢琢磨
PHP code
<?php
/* Created on [2012-7-4] Author[Newton] */
#Ajax_select.php 此php和html要分为两个页面
if(isset($_GET['id'])){
#$arrMenu数组可以是数据库查询的结果数组等任意二维数组
$arrMenu=arr……
onChange="record(this.value)" 取不到value值。。
会报一个警告,オブジェクトを指定してください。
我以为是参数传错了,后来发现把参数去掉也报这个错谢谢各位,搞定了
会报一个警告,オブジェクトを指定してください。
我以为是参数传错了,后来发现把参数去掉也报这个错
出这个问题是什么情况?怎么解决啊,楼主内容总结
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来源:【匿名】