php – 如何使用同一个控制器将数据插入到不同的表中？

内容导读

互联网集市收集整理的这篇技术教程文章主要介绍了php – 如何使用同一个控制器将数据插入到不同的表中？，小编现在分享给大家，供广大互联网技能从业者学习和参考。文章包含1774字，纯文字阅读大概需要3分钟。

内容图文

我正在使用Laravel(来自CodeIgniter),我正在努力获得一个包含填充外键的表.

我有两张桌子：People&友

我的人员表中包含“名字”,“姓氏”等字段.

在我的表单底部,我可以添加一个朋友.每个朋友都可以拥有“名字”,“姓氏”等.我可以添加尽可能多的朋友.

我成功填充了我的People表,然后遍历我的朋友字段以填充我的Friends表.

MyController.php

if ($person->save()) {  // Save the primary record.

    // check if there are any friends to save.
    $friendsArray = array_filter($input['friend']);

    if (empty($friendsArray)) {
        // No friends to insert.
    } else {
        $friend = new Friend();

        $friend->person_id = $person->id;
        $friend->friend_data = json_encode(array('friend' => $input['friend']));

        $friend->save();
    }
}

如果我退出$friend,我看到的一切都正确.例如,

[attributes:protected] => Array
    (
        [person_id] => 4
        [friend_data] => {"friend":{"firstName":"Tyler","lastName":"Durden","address":"12345 Street","city":"My City","state":"CA","zip":"12345"}}
    )

它只是没有插入我的朋友表.我没有收到任何错误,所以我不确定我做错了什么.

编辑

这是我的迁移看起来像创建我的朋友表的内容.

...
Schema::create('friends', function (Blueprint $table) {
    $table->increments('id');
    $table->integer('person_id')->unsigned();
    $table->foreign('person_id')->references('id')->on('people');
    $table->text('friend_data');
    $table->timestamps();
});

编辑2

逐行后,我在网络标签中看到了这个：

Base table or view not found: 1146 Table 'myapplication.friend' doesn't exist

所以这告诉我在某处有拼写问题.当它应该是朋友时,系统正在寻找朋友.

编辑3

这是我朋友模特的样子：

朋友

namespace App;

use Illuminate\Database\Eloquent\Model;

class Friend extends Model
{
    //
}

解决方法:

Laravel使用了很多惯例.其中之一是模型的名称应该是表名的单数.对于你的朋友表,该模型应该是朋友.如果您更喜欢使用自己的命名,可以在模型中设置表格,如下所示：

protected $table = 'friends';

你的命名似乎是正确的,我不确定它为什么不起作用.

内容总结

以上是互联网集市为您收集整理的php – 如何使用同一个控制器将数据插入到不同的表中？全部内容，希望文章能够帮你解决php – 如何使用同一个控制器将数据插入到不同的表中？所遇到的程序开发问题。 如果觉得互联网集市技术教程内容还不错，欢迎将互联网集市网站推荐给程序员好友。

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